Смекни!
smekni.com

Решение задач по теоретической механике (стр. 1 из 2)

Вариант 4

Задача 1

Дано:

Q=15 кН

G= 1,8кН

a=0,10м

b=0,40м

c=0,06м

f=0,25

Решение:

Рассмотрим по отдельности участки конструкции и приложенные к ним силы:

1)

а) ΣXS= XD –T=0

б) ΣYS= YD – Q=0

в) ΣmO( FS)= T*R – Q*R=0

Из уравнения «в» находим T и Q:

T=Q=15 кН

XD=T=15 кН

YD=15кН

2) а)ΣXO= XO +T+ FТР.max =0

б)ΣYO= YO – N-G=0

в)ΣmO( FS)= T*R – FТР.max*2R=0 FТР.max

Из уравнения «в» находим силу трения

FТР.max=T/2=7,5кН

После чего находим нормальную реакцию N

FТР.max=f*N откуда:

N= FТР.max/ f = 7,5 / 0,25=30 кН

После чего находим XO и YO:

XO= 30 - 7,5=22,5 кН

YO= 30 + 1,8= 31,8 кН

3) а) ΣXA= XA –FТР.max =0

б) ΣYA= YA – Pmin +N=0

в) ΣmO( FS)= -N*B + Pmin(a+b) - FТР.max *c=0

Из уравнения «а»: XA=FТР.max=7,5 кН

Из уравнения «в» находим минимальное значение силы P:

Pmin= (N * b + FТР.max * c) / (a + b)= ( 30 * 0,4 + 7,5 * 0,06) / 0,5 = 24,9 кН

После чего из уравнения «б» находим YA:

YA= 24,9 -30 = - 5,1 кН

Ответ: Pmin= 24,9 кН XO= 22,5 кН

YA= - 5,1 кН YO= 31,8 кН

XA=7,5 кН FТР.max=7,5 кН

N=30 кН

Задача 2

Даны уравнения движения точки в прямоугольных декартовых координатах.

x=4t+4

y=-4/(t+1)

t1=2

Траектория точки (рис.1) - часть параболы с вертикальной осью симметрии.

Определим положение точки на траектории в рассматриваемый момент времени.

При t = 1c x = 0м y = 4м (координата равна -4)

Определяем скорость и ускорение точки с помощью уравнений движения по их проекциям на оси декартовых координат:

Vx = x' = 2

Vy = y' = -8t

V=√(Vx2 + Vy2) = √(4 + 64t2) = 2√(1+16t2)

При t=1c: Vx=2 м/с

Vy = -8 м/с

V=8,246 м/с

Направляющие косинусы для скорости равны

Cos (V^x) = Vx/V = 2/8,246 = 0,2425

Cos (V^y) = Vy/v = -8/8,246 = 0,97

ax = x'' = 0

ay = -8 м/с2

a=√(ax2 + ay2)

a= |ay| = 8 м/с2

cos (a^x) = ax/a =0

cos (a^y) = ay/a =1

Вектор ускорения направлен параллельно оси oy (по оси oy) в отрицательную сторону.

Уравнения движения точки в полярных координатах

r=√(x2 + y2)

φ = arctg y/x

Получаем: r= √[(2t-2)2 + 16t4] = √[4t2 - 8t + 4 + 16t4 = 2√[t2 - 2t + 1 + 4t4

φ=arctg[-4t4/(2t-2)]

Вычислим величину радиальной составляющей скорости

Vr=dr/dr

Vr = (2t-2+16t3)/[√(t2 - 2t + 1 + 4t4]

При t=1 сек Vr=8 м/с


Знак плюс показывает, что радиальная составляющая скорости направлена по радиус-вектору точки М.

Вычислим величину трансверальной составляющей скорости.

Vp = rd(φ)/dt

dφ/dt = 1/[1 + 16t4/(2t-2)2] * [-8t(2t-2) + 4t22]/(2t-2)2 = (4t-2t)2/[(t-1)2 + 4t4]

Vp=[2(4t-2t2√(t2 - 2t + 1 + 4t4)]/[(t-1)2 + 4t4] = (8t-4t2)/√(t2 - 2t + 1 + 4t4)

При t=1 Vp = 2 м/с

Знак плюс показывает, что трансверальная составляющая скорости направлена в сторону увеличения угла φ.

Проверим правильность вычислений модуля скорости по формуле:

V = √(Vr2 + Vp2) = √(4+64) = 8,246 м/с

Определим величины касательного и нормального ускорений точки. При естественном способе задания движения величина касательного ускорения определяется по формуле

aт=dVt/dt = d[√(x'2 + y'2)] = (Vxax + Vyay)/V = 64t/[2√(1+16t2)]=32t/√(1+16t2)

При t=1 c aт=7,76 м/с2

Так как знаки скорости и касательного ускорения совпадают, точка движется ускоренно.

Нормальное ускорение:

an=√(a2 - a2т)

an = √(64-60,2176) = √3,7284 = 1,345 м/с2

Задача Д 8

Применение теоремы об изменении количества движения к исследованию движения механической системы.

Дано:

Найти: Скорость

.

Решение:

На механическую систему действуют внешние силы:

- сила сухого трения в опоре А;
- силы тяжести тел 1, 2 и 3;
-сила нормальной реакции в точке А;
-реактивный момент в опоре В.

Применим теорему об изменении количества движения механической системы в дифференциальной форме. В проекциях на оси координат

, (1)

где

- проекции вектора количества движения системы на оси координат;
- суммы проекций внешних сил на соответствующие оси.

Количество движения системы тел 1, 2 и 3

(2)

где

. (3)

Здесь

- скоростицентров масс тел 1, 2, 3;
- соответственно переносные и относительные скорости центров масс.

Очевидно, что

(4)

Проецируя обе части векторного равенства (2) на координатные оси, получаем с учетом (3) и (4)

(5)

где

- проекция вектора
на ось
;

Проекция главного вектора внешних сил на координатные оси

(6)

Знак « - » соответствует случаю, когда

, а знак «+» - случаю, когда
.

Подставляя (5) и (6) в (1), получим

(7)

Выразим из второго уравнения системы (7) величину нормальной реакции и подставим ее в первое уравнение. В результате получим

при
; (8)

при
. (9)

где

Рассмотрим промежуток времени

, в течении которого тело 1 движется вправо
. Из (8) следует, что

,

где С- постоянная интегрирования, определяемая из начального условия: при

.

При

скорость тела 1 обращается в ноль, поэтому
.

Найдем значения

и
:

Т.е.

,
. Значит, тело при
начинает двигаться в обратном направлении. Это движение описывается дифференциальным уравнением (9) при начальном условии:
;
(10)

Интегрируя (9) с учетом (10), получим, при